5/a kérdés a legkönnyebben megválaszolható, mert a `147°` kiegészítője éppen a `beta=33°`.
5/b Fel kell ismerni, hogy `APC` hsz. egyenlőszárú hsz., ahol `AP=PC`, hiszen az f egyenes a `b`
oldal felezőmerőlegese.
5/d Fel kell ismerni, hogy a `g` szögfelező két részre bontja a `gamma`-t, ahol `gamma_1=gamma_2=frac{gamma}{2}`.
Megint csak az `f` felezőmerőlegességéből következik, hogy `alpha=frac{gamma}{2}` és `ABC` hsz.-ben érvényesül az `3*alpha+33°=180°` egyenlet is.
Így 5/c `alpha=49°` és 5/d `gamma=98°`.

Vizsgáljuk meg ezt az összeragasztott test kompoziciót hat nézetből és tegyük fel, hogy ezt szeretnénk kifesteni.
9/1 Előlnézetben `1+2+3=6` `db` nem összefüggő négyzet látható. (Reménykedem, hogy Ti is
ezt a szóhasználatot alkalmazzátok hasonló feladatok megoldására)
9/2 Hátulnézetben egy összefüggő `6` `db` négyzetbő álló csoport festhető ki.
Az első két esetben takarás nem jöhet szóba.
9/3 Jobb oldalnézetben `1+2+2=5` ` db` négyzet látható, de takarásban szabadon lefesthető
még egy négyzet is. Így itt is `6` ` db` négyzet festhető le.
9/4 A bal oldalnézetben `5` `db` összefüggő négyzetből álló csoport fedezhető fel, de van még
egy ami takarásban van. Itt is `6` `db` négyzet festhető ki.
9/5 Felülnézetben `1+1+1+2=5` ` db` nem összefüggő négyzet festhető ki.
9/6 Alúlnézetben egy összefüggő `5` ` db` négyzetből álló csoport festhető ki.
Így összesen `4*6+2*5=34` `db` négyzet festhető ki, tehát a felület nagysága `F=34*a^2=136` ` cm^2`.

A 9-es feladat másik megoldása: A 4 db. "külön álló" négyzetes oszlop teljes felszíne a következő: `F_1=4*(4*8+2*4)=160` ` cm^2`.
Amikor elkészítjük a fent említett kompoziciót, akkor ezek kétszer három négyzetből álló valódi takart felületen érintkeznek egymással. Ezen valódi takarások felülete `F_2=6*4=24` `cm^2` amit a kompozicióban nem tudunk lefesteni.
Így a keletkező kompozició lefestésére `F=F_1-F_2=160-24=136` `cm^2` jut.